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| Un petit probleme pour ceux qui s'ennuient par La***le**3260 le
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| Problèmes | |
Les blancs jouent et les noirs matent en 5 coups par promotion de cavalier. Position des pieces normale au depart.
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Essai Une solution possible est :1.d4 e5 2.Rd2 exd4 3.b3 d3 4.Rc3 dxe2 5.Rb2 exd1:C mat !
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Bien vu! Je ne vois rien d'autre, est-ce que l'on peut faire ça autrement? Tu as koi comme solution, Laura?
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ref deckard tu connaissais le probleme ou t'as trouvé en cherchant ? Parce que là bravo !
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C'est l'unique solution Benji
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Variation A vrai dire j'avais déjà vu l'idée générale quelque part ,désolé d'avoir vendu la mèche pour ceux qui désirait chercher un peu.En passant les premiers coups peuvent être différents ,par exemple 1.d3 e5 2.Rd2 e4 3.Rc3 exd3 4.b3 dxe2 5.Rb2 exd1:C mat mais le principe est le même. Pour vous amusez en voici un autre ,dans la position de départ les blancs jouent et les noirs font mat en 5 coups avec une promotion en fou.
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tu as bien fait de donner la solution ... je crois de toute maniere que meme en "cherchant un peu", sans connaitre l'idéee générale, personne (en tout cas pas moi !) n'aurait trouvé, comme ton nouveau probleme d'ailleurs.
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c'est bizarre Lors d'une interview ,dans EE numéro 500,de Kasparov ,ce dernier a posé le même probleme a Bachar Kouatly.Je me trompe?
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et d'autres... Ces problèmes sont amusants, mais les problémistes sont effectivement sensibles à l'existence de duaux (c-à-d quand plusieurs coup sont possibles) ou d'intervertions.
Voici le seul problème "parfait" (c-à-d où la partie est entièrement déterminée) de ce type que je connais :
(Peter Rösler, ProblemKiste, 1994) Trouver LA partie se terminant par 6.gxf8=C#
Sinon, au risque de traumatiser VIPlayer, ces problèmes sont assez simples à résoudre. Que dira-t-il des fameux puzzles suivants qui sont de vraies prises de têtes ? :
1) Par le grand Sam Loyd (Le Sphinx 1866)
:Trouver la plus courte partie se terminant par un pat (au 10ème coup blanc)
2) Posé par G.R.Reichelm en 1882, résolu par C.H.Wheeler en 1887 (et quelquefois faussement attribué à Sam Loyd)
Trouver la plus courte partie patant les 16 pièces d'un même camp (au 12ème coup noir)
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La soluce ! de la promotion fou, j'ai tout essayé, lol, avec plaisir d'ailleurs, mais j'ai pas encore la solution ! Qui l'a ? Envoyez-la moi par mail please ...
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Solution Il est temps je crois , la voici : 1.e4 d5 2.c3 dxe4 3.Db3 e3 4.Rd1 exd2 5.Rc2 d1:F mat !
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grrrr j'avais essayé e4 d5 d3 de Fe3 ed Cf3 dc Re2 cd:F mais Re1, ce qui renvoie à 6 coups avec Ce1.
Egalement l'idée d'aller en c2 avec le roi, et toujours le réseau avec pion en c3, et le pion d qui vient prendre en d1, problème cette fois encore il manque un coup.
Je suis resté bloqué sur la prise de la dame, éliminant donc des possibilités comme exd2 suivi de promotion.
La solution règle tous ces problèmes, magnifique ! Est-elle unique deckard ?
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Interversion Non malheureusement il peu y avoir un dual et une légère interversion de coup dans l'ouverture par exemple 1.c3 d5 2.Db3 d4 3.e3 dxe3 4.Rd1 exd2 5.Rc2 d1:F mat ou encore 1.c3 d5 2.e4 dxe4 3.Db3 e3 4.Rd1 exd2 5.Rc2 d1:F mat ce qui chatouille un peu les vrais problémistes.
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solutions d'autres puzzles Qu'est-ce qu'un "vrai" problémiste ou un "vrai" joueur?
Les problémistes apprécient aussi ce genre d'œuvres. Seulement, à cause de la non unicité des solutions on parlera plutôt d'énigme que de problème, sans qu'il y ait du mépris là-dedans (d'ailleurs, ce sont des problémistes qui ont produit une bonne part d'entre elles…).
Personne n'ayant manifesté l'intention de résoudre les "énigmes" de Loyd et Wheeler, voilà leurs solutions; je posterai plus tard celle du Rösler, qui est très abordable.
Loyd : 1.e3 a5 2.Dh5 Ta6 3.Dxa5 h5 4.Dxc7 Rah6 5.h4 f6 6.Dxd7+ Rf7 7.Dxb7 Dd3 8.Dxb8 Dh7 9.Dxc8 Rg6 10.De6 pat!! (et il n'y a qu'une seule petite intervertion possible entre 4.Dxc7 et 5.h4!! : on peut quasiment parler de problème…)
Wheeler : 1.a4 c5 2.d4 d6 3.Dd2 e5 4.Df4 e4 5.h3 Fe7 6.Dh2 Fh4 7.Ta3 Fe6 8.Tg3 Fb3 9.Cd2 Da5 10.d5 e3 11.c4 f5 12.f3 f4 pat avec les 16 pièces blanches présentes sur l'échiquier !! (on peut aussi produire un tableau de pat légèrement différent avec DNh4 et FNa5 [ou encore FNb4 PNa5])
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solution du Rösler 1.h4 d5 2.h5 Cd7 3.h6 Cdf6 4.hxg7 Rd7 5.Th6 Ce8 6.gxf8=C#
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juste pour voir 
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